Php Dosyamda Ajax İle Yorum Ekleyemedim

WebWizard · 2 Ağustos 2008

Sitemde bazı videoları yükleyip yayınlıyorum. Videonun altında sayfayı yenilemeden yorum yazılsın istiyordum Ajax tavsiye ettiler okudum ettim araştırdm bazı kodlar bulup düzenledm. Ama olmadı

gönder butonuna basıyorum hiç bişi olmuyo

videonun bulunduğu sayfanın adı izle.php ve izle.php?id=1 gibi id'ye göre mysql'dan video çekiyor. form gizli olarak $vid değişkenini gönderiyor. $vid de videonun id si oluyor

buyrun form:

<td class="tableh1">Yorumlar</td>
</tr>
<tr>
<td width="467" class="button">

<form id="yorum_formu" method="post" action="yorumekle.php">
Ad :
<input type="text" name="ad" size="35"><br>
Yorum:
<textarea rows="4" name="yorum" cols="51"></textarea><br>

<input type="hidden" name="vid" value="<?=$vid;?>">

<input type="button" onClick="gonder()" value="Gönder">

</form>

<script>

function gonder(){

$('yorum_formu').send({

onComplete: function(){

alert("Başarıyla gönderildi");

}

});

}

</script>

Bu da yorumekle.php

PHP:

<?php
include("Settings.php");
$ad=$_POST["ad"];
$yorum=$_POST["yorum"];
$vid=$_POST["vid"];
$date= date("Y/m/d");

$ekle=mysql_query("insert into comments values (ad,yorum,vid,date)values('$ad','$yorum', '$vid', '$date')");

}

}


?>

nerede hatalar var?
birde bu yorum eklendikten sonra yorum ekleme formunun altında yorumları tarihe göre sıralamam için ne yapmam gerekir.

videonun bulunduğu sayfanın adı izle.php ve izle.php?id=1 gibi id'ye göre mysql'dan video çekiyor. form gizli olarak $vid değişkenini gönderiyor. $vid de videonun id si oluyor

Tabi bunu da göz önünde bulundurarak

Angelo · 2 Ağustos 2008

Javascript namına birşey göremedim. Benim ajax fonksiyonumu veriyim kullan.

ajax.js

Kod:

function yorumekle() {
var xmlHttpReq = false;
var self = this;
	
if (window.XMLHttpRequest) {
self.xmlHttpReq = new XMLHttpRequest();
}
   	
else if (window.ActiveXObject) {
self.xmlHttpReq = new ActiveXObject("Microsoft.XMLHTTP");
}
self.xmlHttpReq.open('POST', 'yorumekle.php', true);
self.xmlHttpReq.setRequestHeader('Content-Type', 'application/x-www-form-urlencoded');
self.xmlHttpReq.onreadystatechange = function() {

document.getElementById("yorum").innerHTML = '<b>Lutfen bekleyin...</b>';

if (self.xmlHttpReq.readyState == 4) {
document.getElementById("yorum").innerHTML = self.xmlHttpReq.responseText;
}

}

var form = document.forms['yorum_formu'];
var ad = form.ad.value;
var yorum = form.yorum.value;
var vid = form.vid.value;
qstr = 'ad='+escape(ad)+'&yorum='+escape(yorum)+'&vid='+escape(vid);
self.xmlHttpReq.send(qstr);
}

Ilk dosya

PHP:

<script language="Javascript" src="ajax.js"></script>

...
...
<textarea rows="4" name="yorum" cols="51"></textarea><br>
<input type="hidden" name="vid" value="<?=$vid;?>">
<input type="button" onClick="gonder()" value="Gönder">
<div id="yorum"></div>
</form>

PHP

PHP:

<?php
include("Settings.php");
$ad=$_POST["ad"];
$yorum=$_POST["yorum"];
$vid=$_POST["vid"];
$date= date("Y/m/d");

$ekle=mysql_query("insert into comments values (ad,yorum,vid,date)values('$ad','$yorum', '$vid', '$date')") or die (mysql_error());
if ($ekle) { echo 'Yorumunuz eklendi'; }
?>

Bu tarz durumlarda hatayı teşhis edebilmek için, proses eden ikinci php dosyasına kontrol echo'ları ekleyin. Ajax'da da gelen çıktıyı benim yaptığım gibi bir <div> alanına yazdırın. Yoksa hata javascript'de mi, php'de mi bulmak zorlaşır. Ayrıca firefox'un Hata Paneli IE'ye göre bir hayli gelişmiş javascript hataları için.

WebWizard · 3 Ağustos 2008

You have an error in your SQL syntax; check the manual that corresponds to your MySQL server version for the right syntax to use near 'values('Wiz','deneme yorumu ', '19', '2008/08/02')' at line 1

böle bir hata aldm

Angelo · 3 Ağustos 2008

SQL kodunu doğru yazdığını varsayarak bakmamıştım.
Doğru kullanım
INSERT into tablo (alan1,alan2,alan3) VALUES ('$deger1','$deger2','$deger3')

Ayrıca date alanın MYSQL(DATE) tipi ise, slash değil tire çek aralara.

WebWizard · 3 Ağustos 2008

ama aynı sayfada olmuyor yorumunuz eklendi diyor ancak yorumekle.php ye gidiyor ajax ın amacı sayfayı yenilemeden eklemk değil mi?

Angelo · 3 Ağustos 2008

<form>'dan action'ı kaldır.
submit kullanma, button kullan.

WebWizard · 3 Ağustos 2008

yaptım bu sefer de butona tıklanmıyor

Angelo · 3 Ağustos 2008

Adresi ver bakalım. onClick koyduysan tıklanması gerekiyor. Java'da hata olabilir.

WebWizard · 3 Ağustos 2008

http://hilarydufftr.com/hilarytube/izle_yorumlu.php?id=20

bu form

<script language="Javascript" src="ajax/yorum.js"></script>
.
.
.
<td class="tableh1">Yorumlar</td>
</tr>
<tr>
<td width="467" class="button">

<form id="yorum_formu" method="POST" >
Ad :
<input type="text" name="ad" size="35"><br>
Yorum:
<textarea rows="4" name="yorum" cols="51"></textarea><br>
<input type="hidden" name="vid" value="<?=$vid;?>">
<input type="button" onClick="gonder()" value="Gönder">
<div id="yorum"></div>
</form>

Bu yorumekle.php

PHP:

<?php
include("Settings.php");
$ad=$_POST["ad"];
$yorum=$_POST["yorum"];
$vid=$_POST["vid"];
$date= date("Y-m-d");

$ekle=mysql_query("insert into comments (ad,yorum,vid,date) values ('$ad','$yorum', '$vid', '$date')") or die (mysql_error());
if ($ekle) { echo 'Yorumunuz eklendi'; }
?>

Angelo · 3 Ağustos 2008

Fonksiyonu javascript'te yorumekle() diye tanımlı.
Ya onu gonder() yap ya da formdaki çağrıyı yorumekle() ye çevir.

WebWizard · 3 Ağustos 2008

teşekkürler oldu

şimdi mysql a eklenen bu yorumlardan son 5 tanesini nasıl ekrana basıcam onu da bilmiyorum

Php Dosyamda Ajax İle Yorum Ekleyemedim

WebWizard

0

Angelo

0

WebWizard

0

Angelo

0

WebWizard

0

Angelo

0

WebWizard

0

Angelo

0

WebWizard

0

Angelo

0

WebWizard

0

Çevrimiçi üyeler

Botlar